珠海市2015年5月高三综合试题（二）物理本试卷共10页，36小题，满分300分。考试用时150分钟。相对原子质量：H：1 O：16 Na:23 Ba: 137 Cl:35.5 C :12一、单项选择题：本大题共16小题，每小题4分，共64分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分。13. 某压力锅的结构如图所示，盖好密封锅盖，将压力阀套在出气孔上，给压力锅加热，当锅内气体压强达到一定值时，气体就把压力阀顶起．假定在压力阀被顶起时，停止加热．此后对锅内气体，下列说法正确的是A．气体要吸热B．外界要对气体做功C．气体的分子平均动能将增大D．气体的内能将减小14．关于布朗运动，下列说法正确的是A．颗粒越大布朗运动越剧烈B．布朗运动是液体分子的运动C．布朗运动的剧烈程度与温度无关D．布朗运动是大量液体分子频繁碰撞造成的颗粒越大15．我市在2015年1月完善了公共自行车租赁系统，某同学骑车刚开始一段时间的运动可看作是直线运动，其运动图像如图所示；则在0－时间内，下列说法正确的是A．平均速度等于 B．平均速度大于C．加速度不断增大 D．加速度不变16．如图所示，真空中的两带电小球(可看作是点电荷)，通过调节悬挂细线的长度使两小球始终保持在同一水平线上，下列说法正确的是A．若只增大r，则T1、T2都增大B．若只增大m1，则θ1增大，θ2不变C．若只增大q1，则θ1增大，θ2不变D．若只增大q1，则θ1、θ2都增大则θ1、θ2都增大二、双项选择题：本大题共9小题，每小题6分，共54分。在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，又选错或不答的得0分。17．右图是氢原子能级图，某个氢原子A从n＝3的状态直接跃迁到基态，另一氢原子B从n＝4的状态直接跃迁到基态，下列说法正确的是A．A和B都只释放出一种频率的光子B．A和B都不只放出一种频率的光子C．若Ａ放出的光子能使某金属发生光电效应，则B放出的光子也能使该金属发生光电效应D．若Ｂ放出的光子能使某金属发生光电效应，则A放出的光子也能使该金属发生光电效应只释放出一种频率的光子18．如图所示，理想变压器的原副线圈匝数比为，变压器输入端的交变电压如图甲所示，若乙图中电流表的示数为2A，则下列说法正确的是Ａ．电压表的示数为V Ｂ．电压表的示数为20VＣ．电阻Ｒ的阻值为 Ｄ．变压器的输入功率为40W，，，有效值U2=20V为电压表的读数，A错误；B正确；,C错误；,D正确。19．荷兰一家名为“火星一号”的公司计划在2023年把4名宇航员送上火星。设A和B是分别绕地球和火星做匀速圆周运动的卫星，且A和B的轨道半径相同.已知M地=9M火， R地=2R火，则下列说法正确的是A．A的周期比B的大 B．A的线速度比B的大C．A的加速度比B的大 D．火星表面的重力加速度比地球表面的重力加速度大20．中国科学家发现了量子反常霍尔效应，杨振宁称这一发现是诺贝尔奖级。如图所示，厚度为，宽为的金属导体，当磁场方向与电流方向（自由电子定向移动形成）垂直时在上下会产生电势差，这种现象称为霍尔效应。下列说法正确的是A．上的电势高于下B．下的电势高于上C．增大时，上下的电势差增大D．增大时，上下的电势差增大21．如图所示，用恒力拉着质量为的物体从静止开始沿着粗糙的水平面运动，第一次物体的位移是，第二次物体的位移是。下列说法正确的是A．物体一定受到四个力的作用B．两次物体的加速度一定是相同的C．两次合外力做功的平均功率一定是相同的D．合外力做的功第二次一定是第一次的两倍三、非选择题：本大题共11小题，共182分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。34．(18分) （1）某同学用如图甲所示的实验装置探究物体的速度与时间的关系：①电磁打点计时器接 电源（填“低压直流”、“低压交流”或“220V交流”）；②实验时，使小车靠近打点计时器，先 再 （填“接通电源”或“放开小车”）。③若所接电源的频率是50，则每隔 秒打一个点。④图乙是绘出的小车速度－时间关系图线，根据图线求出小车的加速度为 。(保留三位有效数字)考点：验证牛顿第二定律实验变形答案：1）① _低压交流__(2分) ② 接通电源 (1分)，放开小车 (1分)③ 0.02 (2分) gkstk ④ 0.625 (3分) gkstk解析：电磁打点计时器使用低压交流电源；实验时，使小车靠近打点计时器，先接通电源再放开小车．若所接电源的频率是50Hz，则每隔0.02秒打一个点．在v-t图象中图线的斜率表示加速度即a=0.625?m/s2．（2）①用游标为50分度的卡尺测量某圆筒的外径时，卡尺上的示数如图所示，可读出圆筒的外径为___________ mm．②用替代法测毫安表内电阻的电路如图甲所示．器材：待测毫安表A（量程0～10mA，内阻RA约为30Ω）；毫安表A′（量程30mA）；电阻箱R1（0～9999Ω）；滑动变阻器R2（O～500Ω）；电源（E=3V，r约为1～2Ω）．a．滑动变阻器滑片P在实验开始前应放在端 (填＂a＂或＂b＂) ．将单刀双掷开关S先接“1”位置，调节滑动变阻器滑片P的位置，使待测表A至某位置（或满偏）,记下此时表A′ 的读数．滑片P的位置不再移动b．将开关S接“2”位置，调节电阻箱使，读出此时电阻箱的读数如图乙所示（记为），则= ;c．由以上实验可知，待测毫安表A的内电阻RA=。游标卡尺替代法测毫安表内电阻(2分)；② a. b (2分)、b. 电流表A′ 的读数为( 1, 32 ( 2分)、 c. 32 (2分)gkstk解析：游标卡尺的读数为：8mm+0.02×3mm=8.06mm； a、滑动变阻器采用限流式接法，在实验前，应将滑动变阻器打到最大值位置，即滑动b端； 本实验采用等效法测量电流表的内阻，所以将开关S接“2”位置，调节电阻箱使电流表A的读数为I，则毫安表的内阻等于电阻箱的内阻，大小为10×3+1×2Ω=32Ω．35．(18分) 有一个1000匝的矩形线圈，两端通过导线与平行金属板AB相连（如图所示），线圈中有垂直纸面向外的匀强磁场；已知AB板长为，板间距离为。当穿过线圈的磁通量增大且变化率为时，有一比荷为的带正电粒子以初速度从上板的边缘射入板间，并恰好从下板的边缘射出；之后沿直线MN运动，又从N点射入另一垂直纸面向外磁感应强度为的圆形匀强磁场区(图中未画出)，离开圆形磁场时速度方向偏转了。不计带电粒子的重力。试求（1）AB板间的电压（2）的大小（3）圆形磁场区域的最小半径；(2)；(3)gkstk解析：解：(1)由法拉第电磁咸应定律： -------------------------------------------------------------------------2分得矩形线圈产生的感应电动势 --------------------------------------------------------------------------1分 因为AB板间的电压等于线圈产生的电动势，故 -----------------------------------------------2分 （2）带电粒子在AB板间做类平抛运动，设从下板边缘离开时竖直方向的速度为，则： ---------------------------------------------------------------------2分水平方向： -------------------------------------------1分 竖直方向： ------------------------------------------1分 代入数据解得： --------------------------------------------1分 (其它方法求解依照给分)粒子进入：　----------------------------------------1分 带电粒子在圆形磁场区中做匀速圆周运动，洛伦兹力作向心力： -----------------------------------------------2分 gkstk------------------------------------------------1分解得： -----------------------------------------------1分 如图，由几何关系得弦NQ的长为 ------------------------------------------1分 在过NQ两点的圆中，以弦NQ为直径的圆最小圆形磁场区域的最小半径为： ------------------------------------2分 gkstk36．(18分) 如图所示，一个质量为的长木板静止在光滑的水平面上，并与半径为的光滑圆弧形固定轨道接触（但不粘连），木板的右端到竖直墙的距离为；另一质量为2的小滑块从轨道的最高点由静止开始下滑，从圆弧的最低点A滑上木板。设长木板每次与竖直墙的碰撞时间极短且无机械能损失。已知滑块与长木板间的动摩擦因数为。试求（1）滑块到达A点时对轨道的压力的大小（2）若滑块不会滑离长木板，试讨论长木板与墙第一次碰撞前的速度与的关系（3）若S足够大，为了使滑块不滑离长木板，板长应满足什么条件；⑵；⑶gkstk解析：解：（1）滑块从轨道的最高点到最低点，机械能守恒，设到达A点的速度为 则 -------------------------------------------2分 得： -------------------------------------------1分 在A点有： -------------------------------------------1分 解得： -----------------------------------------------1分 由牛顿第三定律，滑块在A点对轨道的压力 -----------------------------------------------1分 （2）若第一次碰撞前的瞬间，滑块与木板达到共同速度，动量守恒定律得 则：-----------------------------------------2分 -----------------------------------------2分 解得： -------------------------------------------1分 ?.若,则木板与墙第一次碰前瞬间的速度为 -------------------------------------------1分 ?. 若,则木板与墙第一次碰前瞬间的速度为,动能定理可知则: -------------------------------------------1分得: -------------------------------------------1分(3)因名题解析：2015珠海二模（物理）
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